专题17 动力学和能量观点的综合应用（优练）公开课教案教学设计课件资料.docx

A第八章机械能守恒定律年专题17动力学和能观点的综合应用一.选算题（共7小题）I.光滑水平面上放置一长为人轻质不计质量的木片，木片左右端各放置一个质量都是小，可视为质点的小滑块A和5,4、8与轻质木片间动摩擦因数分别是必和处,且2%>t>a现在对A施加水平向右的推力广，使A能与月相遇，则（）A.若F大于网弧,则可以使A与8相碰B.若F大于刈8,则可以使A与8相碰C.八与8相碰前系统产生的内能为卬”MD.八与8相碰前系统产生的内能为刈M2.如图所示,长木板4放在光滑的水平面上，物体8以水平速度”冲上八后，由于摩擦力作用，最后与木板A相对静止，则从8冲上木板A到相对于木板A静止的过程中，下列说法正确的是（）.物体A动能的减少量等于物体A动能的增加量B.物体8克股摩擦力微的功大F8动能的减少量C.物体，损失的机械能小于木板A获得的动能与系统损失的机械能之和D,摩擦力对木板A做的功等丁木板A动能的增加址3.一电动机带动传送带始终以V=4/S的速率运动，传送带两端八、8间的距离A4n,工作时，机器手咫将一个工件无初速度放到A点，当该工件刚离开8点时，机器手将将卜.一个工件放到八点，之后不断重登此过程.已知每个工件的质量，”=】依，与传送带间的动摩擦因数均为/=0.4,工件可视为质点且不发生滚动，重力加速度K取巧从第一个工件放到A点开始A.工件在传送带上先做匀加速直线运动再做匀速直线运动B.整个过程传送带对工件做功为16/C.每个工件在传送带上运动的时间为2sD.电动机多消耗的电能等于工件增加的动能4.如图所示，两个长方体物块A、8段放在倾角为0的斜面上，两物块相对岸止沿斜面加速下滑，8与斜面间动摩擦因数不为0,以下说法正确的是()B. 8对人的作用力的方向为垂直斜面向上C. /?对A不做功D. A、8组成的系统机械能减少5.如图甲所示，倾角为。的传送带以恒定速率逆时针运行。现将一质量为0.5融的煤块轻轻放在传送带的A端，物体的速度随时间变化的关系如图乙所示，为末物体到达8端，取沿传送带向下为正方向，至力加速度身取IS”，小，则下列说法正确的是()甲乙A.倾向0=30。氏煤块与传送带间的动摩擦因数为04C.上内传送带上留下的痕迹长为9,”D.3s内煤块与传送带摩擦产生的内能18J6.如图所示，长木板八放在光滑的水平面上，物体8以水平速度”冲上八后，由于摩擦力作用，最后与木板A相对静止，则从5冲上木板A到相对于木板A静止的过程中，卜列说法正确的是（）%B77777777777777777777777777777777A.物体A动能的减少量等于/，克服摩擦力做的功B.物体8克股摩擦力做的功小8动能的减少量C.物体。损失的机械能等于木板A获得的动能D.摩擦力对木板人做的功等于系统机械能的变化量7.如图1所示，水平传送带以恒定的速度顺时针转动，质量为,”=1妆的箱子在水平传送带上由静止释放，经过6s后，箱子滑离传送带，笛子的1.，图像如图2所示，对于箱子从静止择放到相对传送带静止这一过程，全力加速度算取1S*s2,下列说法正确的是（）A.箱子与传送带间的动摩擦因数为0.5B.箱子对传送带做功为TSJC传送带对箝了做功为ISQZD.箱子与传送带因摩擦产生的热量为45/一.多选题（共2小题）I.如图，已知传送带与水平方向成37a角，倾角也为37三的光滑斜面固定于地面且与传送带良好对接，弹簧卜端固定在斜面底端，工件与传送带间的动摩擦因数"0.25（其余位置摩擦不计）。传送带顺时针匀速转动，速度v=4"s,两轮轴心相距/.=5,"B、C分别是传送带与两轮的切点，轮缘与传送带之间不打滑。现将质量巾=14的工件放在弹簧上，用力将弹黄压缩至A点后由静止释放,工件离开弹簧从斜面顶端滑到传送带上的8点时速度%=&”，A、8间的距Jx=1.,"°工件可视为质点，g取1.<"1.,sin370=0.6.COS37。=0.8,W1J（）A.弹簧的最大弹性势能纥3”B.工件刚滑上传送带时加速度“=&”/$?C.工件第一次从传送带底端上滑至最高点的时间r2sD.工件第次从传送带底端上滑至最高点的过程中因摩擦产生的热量Q=IOj2.如图所示，用与水平面成，=3（F角的传送带输送货物，传送带以v=2ns的速度顺时针运行，地勤人员将痂量，”=5融的货物轻轻放在传送带底部,经过4s的时间到达传送带的顶端。已知货物与传动带之间的动摩擦因数为=*,重力加速度小，下列正确的是（）.货物在传送带上向上运动过程中所受的摩擦力不变B.传送带从底端到顶端的长度是2rC.货物在传送带上向上运动的过程中，由于摩擦产生的热量为30JD.货物在传送带上向上运动的过程中，增加的机械能为I90J二.计算Je（共1小题）3.如图所示，在光滑的水平面上放置一个足够长木板8,在"的左端放有一个可视为质点的小滑块八，八、8间的动摩擦因数"=0.4,A的质量,=电,8的质量M=2依，g=IO加S1.现对4施加八"N的水平向右的拉力，Is后撤去拉力尸，求：（口撤去拉力厂前小滑块A和长木板B的加速度4和外：<2）A相对于B静止时的速度V：（3）A相对于8岸止的整个过程中由于摩擦生成的热量（结果可以用分数表示）。nrb三.解答题（共2小题）4.”智勇大冲关”最后一关有如图所示的滑道，冲关者坐上坐垫（冲关过程中人和坐垫不分离）从4点静止开始沿倾斜直轨道A8滑F,斜道倾角。=37。；8是一长A=3m的水平传送带，B与C两点平滑衔接，A点距传送带垂直距离为为=24”，冲关者经C点到。点后水平抛出，落在水面上一点£。已知：传送带末端距水面高度=03”，劭垫与A/?斜道间动摩擦因数为M0.5.坐垫与传送带间动摩擦因数为人=02,冲关者的质信为,”=50依，坐垫质量忽略不计，sin370=0.6,cos370=0.8,«=IOm/?;求：<1）冲关者到达8点时的速度大小也：<2）如果传送带不动，求冲关者落到水面E点与。点的水平距离x；（3）如果传送带速率为hn/s沿逆时针方向转动，求冲关者与传送带之间因摩擦产生的热量。5.如图所示，倾角为，=3F的斜面固定在水平地面上，斜面底端固定一弹性挡板，斜面上距离挡板一段距离处放置一质量为m的薄板8,其上卜表面均与斜面平行，薄板由两段不同材质的板拼接而成，上半段粗糙、下半段光滑。薄板A最上端放置质员也为,”的物块，初始时A和8在外力作用下均处于静止状态。30时撤去外力，八、8开始运动，在第2s末，物块刚好运动到薄板光滑段，第兔末与薄板同时运动到斜面底端用性挡板处。已知物体与弹性挡板的碰撞为弹性碰撞，4与B粗糙段间的动摩擦因数从=，整个薄板与斜面间的动摩擦因数从0.5,重力加速度g取IO,n/,sin37。=，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：（1）在0-2s时间内A和8加速度的大小：<2）薄板8的总长度；（3）通过计算分析物块是否能从薄板左端滑出，若能，求出物块滑离薄板时的速度：若不能，求出与弹性挡板碰撞后物块在薄板上粗糙部分运动的总路程。一.选舞题（共4小题）I.如图中所示，足够长的传送带倾斜放置，与水平面的夹角为，传送带始终以恒定的速度”逆时针运行。现使一小物块以的速度从传送带底端沿传送带向上运动，取沿传送带向下为正方向，从该时刻起小物块的速度随时间变化的关系如图乙所示，图中小、1、4和乙均已知，且“小于、，下列说法正确的是（）甲乙,物块与传送带间的动摩擦因数<tan"B. 0T,内，物块受到的摩擦力方向沿传送带向上C. 01.内物块受到的摩擦力大于T,内物块受到的摩擦力D. O-A内，摩擦产生的热量大于物块减少的机械能2 .如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为。，以速度逆时针匀速转动，在传送带的上端轻轻放置个版星为m的小木块,取最高点为零势能位置,则小木块的速度、重力势能凸、动能£、机械能E阴时间，变化的图像可能正确的是（）3 .如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速度4,"/S项时针运行,侦星为国的小物块以小”/3的初速度从传送带右端滑上传送带，经一段时间后小物块离开传送带.已知小物块与传送带间的动摩擦因数为02传送带的长度为W亶力加速度g=IOm/,对上述过程，下列说法正确的是（）A.小物块对传送带做功为20JB小物块对传送带做功为4切C.带动传送带转动的电动机多做的功为40JD.带动传送带转动的电动机多做的功为50J4 .如图所示，放在水平桌面上的物体A与8用细线通过定滑轮与沙桶相连，当沙桶与沙的总重力为G时，物块A、B恰好起做匀速直线运动的过程中（忽略细线与滑轮之间的摩擦）。A.物块A受到的重力与桌面对物体A的支持力是一对平衡力B.继续向沙桶中加入沙子，物块A受到的滑动摩擦力增大C.小桶匀速下降的过程中重力缈能转化为动能D.如果所有力突然全部消失，物体8将保持匀速运动状态二.计算题（共2小Je）5 .如图所示，水平传送带顺时针传送的速度v=2ms,与倾角为37。的斜面的底端/平滑连接.将一质量mb的小物块从斜面上A点由静止糅放，小物块第一次滑上传动带时恰好不会从传递带左端滑下.己知A、尸间的距离q=9”，,物块与斜面、传送带间的动摩擦因数分别为=0.5、-0.4,取重力加速度g=10",J,sin370=0.6,cos37°=0.8,求：<1）传送带左端到传送带右端的距离人（2）小物块第小为整数且”,次从斜面上运动到0时的速度大小：<3）小物块在整个运动过程中与斜面间因摩擦而产生的总热员。6 .如图所示，放在足够大的水平束面上的薄木板的质量町h,木板右端段放着质量叫2kg的小物块，整体处于静止状态.已知物块与木板间的动摩擦因数以=025,木板与桌面间的动摩擦因数外=0，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10”/，薄木板足够长.现对木板施加水平向右的恒定拉力£=6N,当木板向右运动的位移X,=45时，撤去拉力F1,木板和小物块继续运动段时间后静止。求:<I）撤去拉力5时，木板的速度V的大小:<2）从木板开始运动到撤去拉力行的过程中，木板对物块的摩擦力做的功:<3）整个过程中因摩擦而产生的热S1.m2基础练一.选择题（共7小题）1 .【答案】D【解答】解：AB.当力F1.小时,Ae和木片一起向前加速,随着力尸的增大,最大静摩擦力小的光滑动，8与轻质木片间摩擦力达到破大值时，设加速度为人则有解得=用X此时利用整体法，把A/，和木片看成个整体当F>2mt=2,nf!8和木片发生相对滑动，使A能与H相遇。故AA错误：CD.A与8相碰前系统产生的内能。=Rtu1.f,A能与8相遇时，与木片的相对位移为小则人与从相碰前系统产生的内能Q1IR1.故C错误，。正确。故选：。2 .【答案】D【解答】解：A、由能量守恒定律知物体损失的机械能，即减少的动能等于木板A动能增加量和系统产生的内能之和，故A错误：8、根据动能定理可知，8克服摩擦力做的功等于物体8动能的减少量，故8错误；。、系统损失的机械能即是系统产生的内能，由能量守恒定律知物体8损失的机械能等于木板A挑得的动能和系统产生的内能之和，即物体8损失的机械能等丁木板A兼得的动能和系统损失的机械能之和，故C错误：。、根据动能定理可知，摩擦力对木板A做的功等于木板人增加的动能，故/）正确。故选：D,3 .【答案】A【解答】解：AC、工件先做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律得",&=*?解得：”=4”“$2工件匀加速至与传送带共速的时间和位移分别为i?41211.1A./,$；1.vtXat：×4×un2m<1.,4,2,2则工件与传送带共速后做匀速直线运动，工件做匀速直线运动的时间为1.-Sr4-2CV八=1.-S-0.5jV4故每个工件在传送带上运动的时间为，r+=1.s+O5s=15s,故A正确，C错误；B、由动能定理得整个过程传送带对工件做功为Wi×4iJ8J,故8错误；D,在工件加速运动阶段，与传动带有发生相对滑动，因摩擦产生内能，故电动机多消耗的电能等于工件增加的动能与因摩擦产生的内能之和，故。错误。故选：A。4 .【答案】D【解答】解：A.物块起沿斜面卜.滑的过程由于物块8与斜面间有摩擦力，根据牛顿第二定律可知对AZi整体有：（叫+ntt1.）gsin-f-（11i+m1.1.a对A有：，%gsin。=m,a可得八、8间可能无摩擦力r*O,故4错误；.物块8对物块A的作用力为摩擦力和支持力的合力，根据平行四边形定则可知合力不垂直斜面向上，故8错误；C.物块8对物块A的作用力与斜面不垂直，可知物块/?对物块4做功，故C错误：D.物块Afi整体下滑的过程整体与斜面的摩擦力做负功，所以系统的机械能减小,故。正确。故选：D。5 .r答案】。【解答】解：做受力分析图如图所示，结合图乙可知O-IS内加速度为：4=午13s内加速度为：«,=fts'=2>n!s2、根据受力分析，由牛顿第二定律有：O-IS内：，股SinG+“ycos，=，ru41.-v内：nifsin0-nif>cos0=na1解得：tf三370,=0.5,故何错误©c、由题可.得，煤块先相对传送带沿斜面向上运动，再相对传送带沿斜面向卜运动，则留卜.的痕迹长度等于两段相对运动位移的很大者，由，图像与时间轴困成面积表示位移可得：x1.=(IO×I-×IJ=5zM2-X2-10×2)m=4n因Ax>4%,故痕迹长为：1.=X15m.故C错误。C、根据摩擦力生热的计算公式QIT=sk，可得QY=mgiM×(x1+,)0.5×0.5×10×0.8×(4+5)18J»故。正确。故选：。6 .【答案】A【解答】解：AB.依题意，根据动能定理，物体动能减少量等于8克服摩擦力做动，故A正确，8错误：C依题意，根据功能关系，物体8损失的机械能等于木板A获得的动能和系统产生的内能之和，故C错误：D.依题意，根据动能定理，摩擦力对木板A做的功等于木板A增加的动能，故。错误。故选：.7 .【答案】。【解答】解：A、由图像可知箱子的加速度“=*”/=0.75,根据牛顿第二定律得”=可,所以=0.075,故4错误：B、箱子对传送带做的功为W=-曲，x=W,解得W=KoJ,故8错误，C、传送带对箱子做的功等F动能的变化量.即W=5,M.解得W=45J,故C错误：。、箱子与传送带因摩擦产生的热量。A1根据图像可知0=6*解得。=45人故/）正确。故选：D»能力练一.多选题（共2小题）1 .【答案】AB【解答】解：八、工件从八到8过程，弹簧弹性势能的减小量等于滑块机械能的增加量，根据机械能守恒定律可知弹簧的最大弹性势能为：4=""所+5欣，代入数据解得：片,=3",故A正确：3、工件刚滑上传送带时，其速度大于传送带速度，所受的摩擦力沿着传送带向下，根据牛顿第二定律得：mgsin37°+mgcos37°=m代入数据解得：=8mJ,故8正确:C、工件从8点运动到与传送带共速需要的时间为g=j=05,a,8工件滑行的位移大小为山IXagi22因为<tan37。,所以工件籽沿传送带继续减速上滑。由牛梳第二定律有nigsin37o-mgcos370=ma：代入数据解得：j=4mr假设工件速度减为零时，工件未从传送带上滑落，则有V41.h"-5=IS%4工件滑行的位移大小为V4x2="f2=×m2n因天1.-N故假设成立，工件沿传送带上滑的时间为=1.+=0.55+U=I.5»故C错误：/)、第一阶段皮带的位移为%=v'z=4X05'"=2/w物体与皮带的相对位移为X=X1.-x41.=3m-2f11=Un第二阶段皮带的位移为%?=In=4X1/w=4/w物体与皮带的相对位移为x2=tj-X2=4/n-2m=27w故工件在皮带上滑动的全过程中所产生的热能为Q=/COS37%.+i)解得：Q=6J,故。错误。故选：ABo2.【答案】CD【解答】解：4、刚放上传送带时，根据牛顿第二定律：MngC««30。-/3113",必当加速到与传送带共速时有：3Ea代入数据得：/-0,<4,v说明货物经历匀加速运动和匀速运动两个过程，则所受摩擦力发生改变，故A错误：/?、传送带从底端到顶端的长度是：=E+M4t）2a代入数据得到:/-7.2«,故B错误;C、货物在传送带上向上运动的过程中，由丁摩擦产生的热量为：Q=M型cos渺（W-F）代入数据得到：Q=30J,故C正确：。、货物增加的机械f能为：-Esin3002代入数据得：E三190y,故。正确，故选：CDo二.计算题（共1小题）3.【答案】（I）撤去拉力产前小滑块A和长木板8的加速度4和4分别为3”S2、2m;<2）A相对于5静止时的速度为”/s:<3）A相对于8静止的整个过程中由于摩擦生成的热量为（J。【解答】解：（】）对人滑块根据牛顿第二定律有：FrmR=，叫,代入数据解得：q=3m，1,对8木板有：Mg=MaI1.,代入数据解得：%=2加小:（2）对八和B整体分析，全过程根据动量定理可得：F1.=（Mni）v©“俎Fr7x1/7Btbt:V=-ms-tns;2+13（3）撤去尸时，A的位移为：x=-（itr=-×3x1.2w=1.5w»22从开始施加外力到二者共速的过程中，根据功能关系可得:Fxa=2也+11F+Q解得：Q=?0答：（1）撤去拉力F前小滑块A和长木板B的加速度q和a分别为3,”/、!mis':<2）A相对丁8静止时的速度为？,ns:3（3） A相对于5铮止的整个过程中由于摩擦生成的热量为。三.解答题（共2小题）4.【答案】（D冲关者到达8点时的速度大小”为4ms<2）如果传送带不动，冲关者落到水面E点与。点的水平距离X为03”；<3）如果传送带速率为1S沿逆时针方向转动，冲关者与传送带之间因摩擦产生的热量Q为【解答】解：（I）在斜道A8上运动时，对人与坐垫分析，由动能定理有sin3702代入数据解得V#=4mSi<2）若传送带不动，则从C到。有%=2"rs从D到E,整直方向H=-gr水平方向代入数据解得X08:<3）当传送带速度为，=5S时，设冲关者减速到，的位移为和根据动能定理有1 ,1j一yn那t=-nv'iVh2 2代入数据解得.r,3.75m>1.zr即冲关者全程减速,设减速时间，,则根据牛顿第二定律a2"叫"二%g2×10r11y2-2msitn联立解得SIS（另一个值33$>?s01.5$,不符合题意，合掉）冲关者相对于传送带位移X=1.-vr=（3-1×1.）m=2w根据恒力功公式，冲关者与传送带之间因摩擦产生的热量Q=MmfiAX解得Q=100J.答：（1）冲关者到达5点时的速度大小I，”为期“$<2）如果传送带不动，冲关者落到水面E点与。点的水平距离X为。®”；<3）如果传送带速率为1S沿逆时针方向转动，冲关者与传送带之间因摩擦产生的热量。为20（U.5.【答案】（D在02v时间内A加速度的大小为3小/，8加速度的大小为<2）薄板8的总长度”：<3）与弹性挡板碰揄后物块在薄板上粗糙部分运动的总路程为8,”.【解答】解：（1）在0-25时间内，A和8的受力如图所示，其中以、%是A与8之间的摩擦力和正压力的大小，Ff,.七是B与斜面之间的摩擦力和正压力的大小，方向如图所示。由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得EV1.="JgCOS。FdFrnFdF1.nFz=FYmgcose规定沿斜面向下为正。设A和8的加速度大小分别为4和%,由牛顿第二定律得wsin-Ff1.=HUi1.mgsinF*+F八maz联立解得a,=3tnfs',a,=nfs2(2)在,=2,时，设A和B的速度分别为H和B,则v1.=1.r,=3×2nfs=6ms>v3=a,t,=×2m1.s=1.ms2s后,设A和8的加速度分别为心和小，此时A与8之间摩擦力为零，同理可得H=6m/s2.a,j=-2fS2由于4<0,可知8做减速运动，设经过时间28的速度减为零，则有解得在r,时间内A相对于8运动的密离A=T1.-辱，解得X4,”在.时间内,八相对于/f运动的距离x2=v1r1+;axt-(v,+)，解得x2«-18/r1+Z2=2$+k=3$物块与薄板刚好同时运动到斜面底端弹性挡板处，薄板B的长度1.xi÷x,=4n+H=I2<3）由（2）可知3s时，薄板B的速度为0,物块的速度v=v1.+1.A=6w5+6×1w5=2ms物块与挡板碰撞后以2ms的速度反弹，此过程中薄板静止不动，物块上滑的加速度/-gsin0,解得G=-6ms'设物块以加速度”,诚速到0,该过程中物块的位移X1.=,解得X一I2，n-1.由于物块滑上薄板的粗糙区域后加速度大丁,故物块不会从薄板滑离，当物块与挡板多次碰报后返回薄板粗糙处速度恰为0时，由能量守恒得；tmjsinO+MmgSCotiO解得s=Stn答：在02$时间内A加速度的大小为3"s"8加速度的大小为历”：<2）薄板，的总长度12m:<3）与弹性挡板碰撞后物块在薄板上粗糙部分运动的总路程为&八拓展练一.选舞题（共4小题）I.【答案】D【解答】解：人.（时刻物块速度为零，在内，物块向下运动，勺时刻以后物块与传送带一起向下匀速运动，则有COS0.i）ifSin0解得”.Jan。故A错误：“.由图乙知，传送带的运动方向向卜.，Of内小物块向上运动，则传送带对物块的摩擦力方向沿传送带向下，故8错误：C.04内，物体相对传送带向上运动，摩擦力沿传送带向下，且大小不变，故C错误；O.0T,时间内，物块和传送带摩擦产生的热量等于滑动摩擦力和路程的乘积，而物块机械能的减小量等丁滑动摩擦力和位移的乘积，且路程大丁位移，所以摩擦产生的热珏一定大于物块减小的机械能，故。正确。故选：Do2.【答案】D【解答】解：A、初始状态：重力的分力与摩擦力沿斜面向卜.，且是恒力，所以物体先沿斜面做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得加速度：4=缈四吃色=gsin0+川JCoSOm如果重力的分力大于滑动摩擦力，则木块与传送带不能一起匀速卜滑，要维续加速运动，W,=-ngCOSa×（z-）+w,（r-»故。正确。42a,故选：D.3 .【答案】C【解答】解：,历.物块向左运动，摩擦力提供加速度，大小为：“二竺空央mI物块向左减速至。的位移为：X=M=工吁勿”2a2×2物块向左运动，所受摩擦力不变，运动的时间为：r,=%=9s=兔a2向右运动至共速的时间为：人=上=%=2sa2小物块时传送带做功，摩擦力乘以传送带的对地位移，则为：W=-川叫咐+Q代入数值，解得W=ToJ,故AB钳误：CD.全程物块与传送带的相对位移为：至+%+W,-1."3代入数据得：.t25,11:2a2根据功能关系，带动传送带转动的电动机多做的功为：W=W炊x-（jN-gznF）代入数据得：旷=40J,故C正确，。错误。故选：Co4 .【答案】D【解答】解：A、物块A受到的重力、压力和桌面对物体A的支持力,所以物块A受到的重力与桌面对物体人的支持力不是一对平衡力，因为8对八还有压力，故人错误：B、物块A受到桌面的滑动摩擦力为：f=mm1.1.%,继续向沙桶中加入沙了，物块人对桌面的压力，以及摩擦因数都不变，所以受到的滑动摩擦力不变,故5错误：C、小桶匀速下降的过程中动能不变，成力势能转化为内能，故C错误；。、根据牛顿第定律,如果所有力突然全部消失，物体8将保持匀速运动状态，故。正确。故选：D.二.计算题（共2小Je）5 .【答案】（1）传送带左端到传送带右端的距离为45”：<2）小物块第双”为整数且.2）次从斜面上运动到P时的速度大小为2（-'ms;<3）小物块在整个运动过程中与斜面间因摩擦而产生的总热量Q为387°【解答】解：（1）小物块第一次滑上传动送带时恰好不会从传递带左端滑下，即滑到从传送带左端时速度恰好为零，从A点到第一次滑上传送带左端，根据动能定理得sin0"7gcos0凡出mg1.0代入数据解得1.4.5,”（2）小物块第I次从斜面上运动到0点时,"R%sinO-"/"月O）S0%=解得HCvzr/5>2n（s故沿传送带返回先做加速运动与传送带共速，后匀速运动到尸点，速度为Y=筋S则，上升到最高点-:叫”=-Mg*sin8-wgcosaF第二次到达/»点时速度,邙sin0-R"ecosO、=n联立得打咯，1.J,v2<2ms可知从传送带返回速度仍然为小，物块再次滑上斜面返回?点，可推理得%=（乎）飞，则.第"次返回P点=（孝广”,s<3）小物块最终停止在斜面底端，则在整个运动过程中与斜面间因摩擦而产生的总热量Q二4WCoSO÷-mv1.,2=387答：（1）传送带左端到传送带右端的距离1.为4.5m（2）小物块第小为整数且.2）次从斜面上运动到时的速度大小为2（逆尸m/s：5（3）小物块在整个运动过程中与斜面间因摩擦而产生的总热量Q为387。6.【答案】（1）撤去拉力R时，木板的速度V的大小为由”/$:<2）从木板开始运动到撤去拉力K的过程中，木板对物块的摩擦力做的功为9J:（3）整个过程中因摩擦而产生的热量为27J0【解答】解：（I）假设对木板施加水平向右的恒定拉力大小为用时，小物块与木板恰好不发生相对滑动，此时小物块与木板间的摩擦力为最大静摩擦力，则有：设小物块此时的加速度大小为内,根据牛顿第二定律有：fjf时整体根据牛牧第二定律可得：FO-n=（”4+in.）<1.解得：4=105N故对木板施加水平向右的恒定拉力片=6N时,小物块与木板保持相对静止从木板开始运动到撤去拉力F,对木板和小物块整体分析根据动能定理有：F1.xt-jm,(mi+m2)gX=-(rt1.+m2)v'-O解得：v=3mfsi<2）从木板开始运动到撤去拉力F,的过程中，小物块分析，根据动能定理有：W,=g%/解得：叼=9J;（3）从木板开始运动到撤去拉力£,因摩擦产生的热量：Q、，的，叫）环解得：Q=1357从撤去拉力人到木板和小物块再次静止，因摩擦产生的热量：Q：=；N斛得：Q,=13.5，整个过程中因摩擦而产生的热量。2+Q,115÷13.57277,答：（1）撤去拉力时，木板的速度V的大小为3,ns:（2）从木板开始运动到撤去拉力E的过程中，木板对物块的摩擦力做的功为9J:<3）整个过程中因摩擦而产生的热量为27J,m图级的第二阶段斜率变小，如果盎力向下分力小于滑动摩擦力，则木块与传送带一起匀速运动,VT图象变为水平，两种可能A图象均不相符，故A错误；B、重力做正功，重力势能减小，故8错误：C、达到传送带速度前，Et=-!-mv*2=-i-m（w1/）222达到传动带速度后，维续加速的情况，£,=O1=M+G（，-当广，故C错误；22a1.。、机械能与除重力以外的其他力即摩擦力做功有关，开始摩擦力做正功，机械能增大叱=mwcose>/,后来摩擦力方向突变，一直做负功，机械能减小